答案：C、D、D
解析：解析:将27、29、31、33写成01模式分别是:27=16 8 2 1 =00011011 29=16 8 4 1 =00011101 31=16 8 4 2 1 =00011111 33=32 1 =00100001以上2进制数中完全相同的只有00两位，故聚合后掩码为/16 2=/18。直接排除ABD，选C。
地址202.145.0.0/18，掩码作用于第三段，地址块为2²⁴-1⁸=2⁶=64，那么下一个子网是202.145.64.0/18， 所以可用地址区间为202.145.0.1-202.145.63.254，只有D不在此范围。原有掩码为/24，标准C类地址，现有掩码为/18，那么一个/18可用划分6位做子网位，可用划出26=64 个C类地址，而原来有4个C类地址，即16倍(幸亏没有选项64，不然可能不少人会选64)。
答案：C、D、D
解析：解析:将27、29、31、33写成01模式分别是:27=16 8 2 1 =00011011 29=16 8 4 1 =00011101 31=16 8 4 2 1 =00011111 33=32 1 =00100001以上2进制数中完全相同的只有00两位，故聚合后掩码为/16 2=/18。直接排除ABD，选C。
地址202.145.0.0/18，掩码作用于第三段，地址块为2²⁴-1⁸=2⁶=64，那么下一个子网是202.145.64.0/18， 所以可用地址区间为202.145.0.1-202.145.63.254，只有D不在此范围。原有掩码为/24，标准C类地址，现有掩码为/18，那么一个/18可用划分6位做子网位，可用划出26=64 个C类地址，而原来有4个C类地址，即16倍(幸亏没有选项64，不然可能不少人会选64)。
解析：解析:考查HDLC基础，记忆即可。
(26)A.10.0.1.254B.10.1.12.10C.12.1.1.2D.12.1.1.1
(27)A.10.0.1.254B.10.1.12.10C.12.1.1.2D.12.1.1.1
解析：解析:考查比较灵活，依次配置4个接口，当序号1的接口配置完成后，会建立OSPF邻居关系， 直接成为Router-ID。为了保持路由稳定，即使后续有更大的IP， 或重启OSPF进程，更大的IP也不会成 为Router-ID。OSPF Router-id需要注意以下几点:①Router-ID 用于在0SPF 域中唯一地表示一台OSPF路由器，从OSPF网络设计的角度，我们要求全OSPF 域内，禁止出现两台路由器拥有相同的RouterID。②Router-ID 可以通过手工配置的方式，也可以自动选取。实际网络部署中，强烈建议手工配置OSPF Router-ID， 因为这关系到协议的稳定。一般会配置为环回测试接口的IP地址。③在路由器运行了OSPF并由系统自动选定Router-ID之后，如果该Router-ID对应的接口DOWN掉，或出 现一个更大的IP，OSPF 仍然保持原Router-ID (也就是说，Router-ID 值是非抢占的，稳定第一)，即 使此时reset ospf process重启OSPF进程，Router-ID 也不会发生改变;除非重新手工配置Router-ID(OSPF进程下手工敲 router-id xxx)，并且重启OSPF进程方可。④如果该Router-ID对应的接口IP地址消失，例如undo ip address，则reset ospf process后，Router ID 也会发生改变。
感兴趣可以敲一下下面的实验:
OSPF的router-id 选举规则如下:(1)优选手工配置的router id。①OSPF进程手工配置的router id具有最高优先级(不能配置为255.255.255.255和0.0.0.0)②在全局模式下配置的公用router id的优先级仅次于直接给OSPF进程手工配置router id，即 它 具有第二优先级。(2)在没有手工配置的前提下，优选loopback 接口地址中最大的地址作为router id。(3)在没有配置loopback 接口地址的前提下，优选其他接口的IP地址中选择最大的地址作为router id (不考虑接口的Up/Down 状 态 ) 。
解析：解析:中断方式(软件+硬件方式):当出现来自系统外部、机器内部甚至处理机本身的任何 例外时，CPU 暂停执行现行程序，转去处理这些事情，等处理完成后再返回去继续执行原先的程序。
解析：解析:数字证书:网络通信中标识通信各方身份信息的一串数字，是一种在Internet 上验证通信实体身 份的方式，类似身份证。它由一个由权威机构CA(证书授权中心)发行的，人们可以在网上用它 来识别对方的身份。数字证书经CA数字签名，包含公开密钥拥有者信息以及公开密钥的文件。数字签名:数字签名使用的是公钥算法(非对称密钥)可以解决否认、伪造、篡改和冒充的问题 (数据的完整性和不可抵赖性)。
解析：解析:E1的一个时分复用帧(其长度t=125μs)共划分为32相等的时隙，时隙的编号CHO~CH31。 其中时隙CHO用作帧同步，时隙CH16用来传送信令，剩下CH1~CH15和CH17~CH31共30个时隙用作30个话 路。E1数据率是2.048Mb/s，E3 是16个E1复用，为34.368Mb/s。助记:E3=4E2=16E1 (都是4倍关系)
解析：解析:已知“异步通信中，每个字符包含1位起始位、7位数据位、1位奇偶位和1位终止位”那么每个字符的长度是:1+7+1+1=10bit， 而题目已知“每秒钟传送100个字符”，那么每秒传输的数 据量是:10bit*100=1000bit， 即传输速率R=1000bit/s。由于每个字符有10位，其中7bit是有效数据，其他是开销，则有效数据速率:1000bit/s*(7/10)=700bit/s，(15) 选C。采用DPSK， 那 么N=2。根据奈奎斯特定理R=B*log2N， 算出B=1000， 则 ( 14 ) 选C。
解析：解析:A记录，即主机记录，域名到IP的映射。
解析：解析:冲刺卷讲过的接近原题，关键要画出如下的表:
解析：解析:如果乙同意建立连接，相当于第二次握手，回送SYN=1，ACK=1。主机乙发送ack=2001， 表示主机甲发送的序号2000报文已经成功接收，下一个想接收序号2001的报文。主机乙的seq 不确定， 可能是2001，也可能不是，故选A。如果不同意建立连接，发送RST=1报文(老版答案给的D， 以此修订 版为准)。
